1、思路

(模拟) $O(n)$

给你一个链表的头节点 head ，然后将链表每个节点向右移动 k 个位置。

样例：

{:width="70%"}

如样例所示，head = [1,2,3,4,5]，k = 2，我们输出[4,5,1,2,3]。下面来讲解模拟的做法。

假设链表的长度为n，为了将链表每个节点向右移动 k 个位置，我们只需要将链表的后 k % n个节点移动到链表的最前面，然后将链表的后k % n个节点和前 n - k个节点连接到一块即可。

具体过程如下：

1、首先遍历整个链表，求出链表的长度n，并找出链表的尾节点tail。

{:width="70%"}

2、由于k可能很大，所以我们令 k = k % n，然后再次从头节点head开始遍历，找到第n - k个节点p，那么1 ~ p是链表的前 n - k个节点，p+1 ~ n是链表的后k个节点。

{:width="70%"}

3、接下来就是依次执行 tail->next = head，head = p->next，p->next = nullptr，将链表的后k个节点和前 n - k个节点拼接到一块，并让head指向新的头节点(p->next)，新的尾节点即p节点的next指针指向null。

{:width="70%"}

4、最后返回链表的新的头节点head。

时间复杂度分析： 链表一共被遍历两次，因此总的时间复杂度为$O(n)$，$n$是链表的长度。

2、c++代码

###c

class Solution {
public:
    ListNode* rotateRight(ListNode* head, int k) {
        if(!head || !k)  return head;
        int n = 0;        //链表的长度
        ListNode* tail;   //尾节点
        for(ListNode* p = head; p ; p = p->next){
            tail = p;
            n++;
        }
        k %= n;  
        ListNode* p = head;
        for(int i = 0; i < n - k - 1; i++)   p = p->next;  //找到链表的第n-k个节点
        tail->next = head;
        head = p->next;
        p->next = nullptr;
        return head;     //返回新的头节点
    }
};

3、java代码

###javascript

class Solution {
    public ListNode rotateRight(ListNode head, int k) {
        if(head == null|| k == 0)  return head;
        int n = 0;   //链表的长度
        ListNode tail = null;  //尾节点
        for(ListNode p = head; p != null ; p = p.next){
            tail = p;
            n++;
        }
        k %= n;
        ListNode p = head;
        for(int i = 0; i < n - k - 1; i++)  p = p.next;   //找到链表的第n-k个节点
        tail.next = head;
        head = p.next;
        p.next = null;
        return head;  //返回新的头节点
    }
}